Kaidah pangkat

Dalam kalkulus, kaidah pangkat (atau aturan pangkat) digunakan untuk memperoleh turunan dari fungsi pangkat $f(x)=x^k$, dengan $k$ adalah suatu bilangan riil. Karena turunan merupakan suatu operator linier pada fungsi-fungsi yang dapat diturunkan, turunan dari fungsi suku banyak juga dapat diperoleh melalui kaidah ini. Kaidah pangkat juga mendasari deret Taylor karena menghubungkan deret pangkat dengan turunan suatu fungsi.

Isi pernyataan

Misalkan $f$ adalah sebuah fungsi dengan bentuk $f(x)=x^k$ untuk setiap $x$, dengan $k\in ℝ$. Maka, kaidah pangkat untuk turunan menyatakan bahwa turunan dari $f$ adalah$$f^{\prime }(x)=k{x}^{k-1}.$$Selain itu, kaidah pangkat untuk integral menyatakan bahwa $$\int x^{k}dx=\frac{x^{k+1}}{k+1}+C$$untuk sembarang bilangan riil $k\ne -1$, dan $C$ adalah konstanta sembarang. Kaidah pangkat untuk integral tersebut diperoleh dengan membalik kaidah pangkat untuk turunan.

Bukti

Bukti untuk pangkat bilangan riil

Sebelum memulai pembuktian, terlebih dahulu dipilih definisi dari nilai $f(x)=x^k$, dengan $k$ adalah bilangan riil. Meskipun bisa saja untuk mendefinisikan perpangkatan bilangan irasional sebagai limit barisan dari perpangkatan bilangan rasional, atau sebagai batas atas terkecil dari himpunan perpangkatan bilangan rasional kurang dari pangkat yang diberikan, definisi ini tidak dapat diterapkan pada turunan. Oleh karena itu, akan digunakan definisi fungsional, yaitu dengan menulis ulang fungsi $x^k$ sebagai fungsi eksponensial alami $$x^k=e^{\ln \left(x^k\right)}=e^{k\cdot \ln (x)}$$ untuk setiap nilai $x>0$, dengan $e$ adalah bilangan Euler.

Pertama, akan ditunjukkan bahwa turunan dari fungsi $e^x$ adalah $e^x$. Misalkan $f(x)=e^x$, maka $\ln (f(x))=x$, dengan $\ln (x)$ adalah fungsi logaritma alami, fungsi invers dari fungsi eksponensial. Oleh karena kedua fungsi di atas bernilai sama untuk setiap $x>0$, maka turunannya juga bernilai sama, jika salah satu turunannya ada. Dengan menurunkan kedua ruas menggunakan kaidah rantai, diperoleh $$\frac{1}{f(x)}\cdot f^{\prime }(x)=1$$ yang menunjukkan bahwa $f^{\prime }(x)=f(x)=e^x$. Dengan menerapkan kaidah rantai ke fungsi $f(x)=e^{k\cdot \ln (x)}$, maka $$\begin{array}{cc}{f}^{\prime }(x)& =\frac{k}{x}\cdot e^{k\cdot \ln (x)}\\ & =\frac{k}{x}\cdot x^k\\ & =k{x}^{k-1}\end{array}$$

Saat $x<0$, maka $-x>0$. Akibatnya, $$\begin{array}{cc}{x}^k& ={((-1)(-x))}^k\\ & =(-1{)}^k\cdot \underset{>0}{\underbrace{{(-x)}^k}}\end{array}$$ yang akan mengarah pada hasil yang sama. Perhatikan bahwa faktor $(-1{)}^k$ di atas tidak memiliki definisi konvensional saat $k\in ̸\mathbb{Q}$, sebab fungsi perpangkatan bilangan irasional tidak memiliki nilai yang tunggal untuk basis negatif. Selain itu, dikarenakan perpangkatan $-1$ dengan bilangan rasional berpenyebut genap (dalam bentuk paling sederhana) tidak bernilai riil, maka ekspresi ini hanya bernilai riil untuk pangkat rasional dengan penyebut ganjil (dalam bentuk paling sederhana).

Terakhir, untuk setiap fungsi yang memiliki turunan di $x=0$, maka menurut definisi turunan dengan menggunakan limit, nilainya adalah $$\underset{h\to 0}{lim}\frac{(0+h{)}^k-0^k}{h}$$ Perhatikan bahwa ekspresi di atas akan bernilai 0 hanya jika $k>1$ dan $k$ adalah bilangan rasional dengan penyebut ganjil (dalam suku terendah), dan bernilai 1 saat $k=1$. Untuk semua nilai $k$ yang lain, ekspresi $h^k$ tidak memiliki nilai yang tunggal untuk $h<0$ (seperti yang dibahas di atas), atau nilainya bukan bilangan riil, sehingga nilai limitnya tidak ada (sebagai turunan bernilai riil). Untuk dua kasus yang nilai turunannya ada, nilainya sesuai dengan nilai kaidah pangkat yang diterapkan pada titik $x=0$, sehingga tidak perlu dibuat pengecualian.

kasus saat $x=0$ (yaitu ekspresi $0^0$) biasa diabaikan, lantaran fungsi $f(x,y)=x^y$ tidak memiliki limit pada $(0,0)$, sebab

• $\underset{x\to 0}{lim}{x}^0=1$, sedangkan
• $\underset{y\to 0}{lim}{0}^y=0$

Oleh karena nilai limitnya berbeda, maka sering kali ekspresi $0^0$ nilainya tidak ada.

Bukti untuk pangkat bilangan bulat tak nol

Pembuktian melalui induksi (bilangan asli)

Misalkan $n$ adalah suatu bilangan asli. Akan dibuktikan bahwa $\frac{\text{d}}{\text{d}x}{x}^n=n{x}^{n-1}$ dengan menggunakan induksi.

Saat $n=1$, maka $$\begin{array}{cc}\frac{\text{d}}{\text{d}x}f(x)& =\underset{h\to 0}{lim}\frac{f(x+h)-f(x)}{h}\\ \frac{\text{d}}{\text{d}x}{x}^1& =\underset{h\to 0}{lim}\frac{(x+h)-x}{h}\\ & =\underset{h\to 0}{lim}\frac{h}{h}\\ & =1\\ & =1x^{1-1}\end{array}$$ sehingga kasus dasar telah terbukti.

Misalkan persamaan $\frac{\text{d}}{\text{d}x}{x}^n=n{x}^{n-1}$ berlaku untuk suatu bilangan asli $n=k$. Dengan kata lain, berlaku $$\frac{\text{d}}{\text{d}x}{x}^k=k{x}^{k-1}$$

Saat $n=k+1$, maka dengan menggunakan kaidah darab, diperoleh $$\begin{array}{cc}\frac{\text{d}}{\text{d}x}{x}^{k+1}& =\frac{\text{d}}{\text{d}x}(x^k\cdot x)\\ & =x^k\cdot \frac{\text{d}}{\text{d}x}\left(x\right)+\frac{\text{d}}{\text{d}x}\left(x^k\right)\cdot x\\ & =x^k+k{x}^{k-1}\cdot x\\ & =(k+1)x^k\\ & =(k+1)x^{(k+1)-1}\end{array}$$

Dengan prinsip induksi matematika, maka persamaan tersebut berlaku untuk setiap bilangan asli $n$.

Pembuktian menggunakan teorema binomial (bilangan asli)

Misalkan $y=x^n$, dengan $n\in \mathbb{N}$. Menurut teorema binomial, $${(a+b)}^n=(\genfrac{}{}{0ex}{}{n}{0})a^n{b}^0+(\genfrac{}{}{0ex}{}{n}{1})a^{n-1}{b}^1+(\genfrac{}{}{0ex}{}{n}{2})a^{n-2}{b}^2+\dots +(\genfrac{}{}{0ex}{}{n}{n-1})a^1{b}^{n-1}+(\genfrac{}{}{0ex}{}{n}{n})a^0{b}^n$$ dengan $(\genfrac{}{}{0ex}{}{n}{k})$ adalah bilangan asli yang disebut sebagai koefisien binomial, dengan definisi $$(\genfrac{}{}{0ex}{}{n}{k})=\frac{n!}{k!(n-k)!}=\frac{n(n-1)(n-2)\dots (n-k+1)}{k(k-1)(k-2)\dots (3)(2)(1)}$$

Dengan menggunakan informasi di atas, diperoleh $$\begin{array}{cc}{y}^{\prime }& =\underset{h\to 0}{lim}\frac{(x+h{)}^n-x^n}{h}\\ & =\underset{h\to 0}{lim}\frac{1}{h}((x^n+(\genfrac{}{}{0ex}{}{n}{1})x^{n-1}h+(\genfrac{}{}{0ex}{}{n}{k})x^{n-2}{h}^2+\dots +(\genfrac{}{}{0ex}{}{n}{n})h^n)-x^n)\\ & =\underset{h\to 0}{lim}\frac{1}{h}((\genfrac{}{}{0ex}{}{n}{1})x^{n-1}h+(\genfrac{}{}{0ex}{}{n}{k})x^{n-2}{h}^2+\dots +(\genfrac{}{}{0ex}{}{n}{n})h^n)\\ & =\underset{h\to 0}{lim}((\genfrac{}{}{0ex}{}{n}{1})x^{n-1}+(\genfrac{}{}{0ex}{}{n}{k})x^{n-2}h+\dots +(\genfrac{}{}{0ex}{}{n}{n})h^{n-1})\\ & =(\genfrac{}{}{0ex}{}{n}{1})x^{n-1}\\ & =n{x}^{n-1}\end{array}$$

Perumuman untuk pangkat bilangan bulat negatif

Pertama, akan dibuktikan bahwa kaidah pangkat berlaku untuk $k=0$. Perhatikan bahwa $$\begin{array}{cc}\frac{\text{d}}{\text{d}x}f(x)& =\underset{h\to 0}{lim}\frac{f(x+h)-f(x)}{h}\\ \frac{\text{d}}{\text{d}x}{x}^0& =\underset{h\to 0}{lim}\frac{(x+h{)}^0-x^0}{h}\\ & =\underset{h\to 0}{lim}\frac{1-1}{h}\\ & =\underset{h\to 0}{lim}0\\ & =0\\ & =0x^{0-1}\end{array}$$ sehingga terbukti bahwa kaidah pangkat berlaku saat nilai $k=0$.

Diambil sembarang bilangan bulat negatif $k$. Jika didefinisikan $n=-k$, maka $n$ adalah bilangan asli. Dengan Menggunakan aturan timbal-balik, diperoleh $$\begin{array}{cc}\frac{\text{d}}{\text{d}x}{x}^k& =\frac{\text{d}}{\text{d}x}{x}^{-n}\\ & =\frac{\text{d}}{\text{d}x}\frac{1}{x^n}\\ & =-\frac{n{x}^{n-1}}{{\left(x^n\right)}^2}\\ & =-\frac{n{x}^{n-1}}{x^{2n}}\\ & =-n{x}^{n-1-2n}\\ & =-n{x}^{-n-1}\\ & =k{x}^{k-1}\end{array}$$ sehingga dapat disimpulkan bahwa untuk setiap $n\in \mathbb{Z}$, maka berlaku $\frac{\text{d}}{\text{d}x}{x}^n=n{x}^{n-1}$

Perumuman untuk pangkat bilangan rasional

Setelah membuktikan bahwa kaidah pangkat berlaku untuk pangkat bilangan bulat, aturan tersebut dapat diperumum untuk pangkat bilangan rasional.

Pembuktian melalui kaidah rantai

Pembuktian ini terdiri dari dua tahapan yang melibatkan kaidah rantai

1. Diambil sembarang $n\in \mathbb{N}$, serta didefinisikan $k=\frac{1}{n}$ dan misalkan $y=x^k$. Dari sini, diperoleh $$\begin{array}{cc}y& =x^k\\ y& =x^{\frac{1}{n}}& & k=\frac{1}{n}\\ y^n& =x\\ n{y}^{n-1}\cdot \frac{\text{d}y}{\text{d}x}& =1& & \text{Kaidah rantai}\\ \frac{\text{d}y}{\text{d}x}& =\frac{1}{n{y}^{n-1}}\\ & =\frac{1}{n}\cdot \frac{1}{{\left(x^{\frac{1}{n}}\right)}^{n-1}}& & \text{Lihat kembali baris 2}\\ & =\frac{1}{n}\cdot \frac{1}{x^{1-\frac{1}{n}}}\\ & =\frac{1}{n}\cdot x^{\frac{1}{n}-1}\\ & =k{x}^{k-1}& & k=\frac{1}{n}\end{array}$$ sehingga, aturan rantai dapat diterapkan pada perpangkatan dengan bentuk umum $\frac{1}{n}$, dengan $n\in \mathbb{N}$. Hal ini dapat diperumum untuk perpangkatan rasional dalam bentuk $\frac{p}{q}$ dengan cara yang kurang lebih serupa, seperti pada langkah selanjutnya.
2. Diambil sembarang $p\in \mathbb{Z}$ dan $q\in \mathbb{N}$, serta didefinisikan $k=\frac{p}{q}$ (yang mengakibatkan $k\in \mathbb{Q}$) dan misalkan $y=x^k$. Dari sini, diperoleh $$\begin{array}{cc}y& =x^k\\ y& =x^{\frac{p}{q}}& & k=\frac{p}{q}\\ & ={\left(x^{\frac{1}{q}}\right)}^p\\ \frac{\text{d}y}{\text{d}x}& =p{\left(x^{\frac{1}{q}}\right)}^{p-1}\cdot \frac{1}{q}{x}^{\frac{1}{q}-1}& & \text{Kaidah rantai}\\ & =\frac{p}{q}\cdot x^{\frac{p}{q}-\frac{1}{q}+\frac{1}{q}-1}\\ & =\frac{p}{q}\cdot x^{\frac{p}{q}-1}\\ & =k{x}^{k-1}& & k=\frac{p}{q}\end{array}$$ Akibatnya, jika $k$ adalah suatu bilangan rasional, maka berlaku $\frac{\text{d}}{\text{d}x}{x}^k=k{x}^{k-1}$

Pembuktian menggunakan turunan implisit

Metode pendiferensialan implisit juga dapat digunakan untuk memperumum kaidah pangkat untuk bilangan rasional. Diambil sembarang $p\in \mathbb{Z}$ dan $q\in \mathbb{N}$, serta didefinisikan $k=\frac{p}{q}$ (yang mengakibatkan $k\in \mathbb{Q}$) dan misalkan $y=x^k$. Dari sini, diperoleh $$\begin{array}{cc}y& =x^k\\ y& =x^{\frac{p}{q}}& & k=\frac{p}{q}\\ y^q& =x^p\\ q{y}^{q-1}\cdot \frac{\text{d}y}{\text{d}x}& =p{x}^{p-1}& & \text{Kedua ruas diturunkan terhadap }x\\ \frac{\text{d}y}{\text{d}x}& =\frac{p}{q}\cdot \frac{x^{p-1}}{y^{q-1}}\\ & =\frac{p}{q}\cdot \frac{y\cdot x^{p-1}}{y^q}\\ & =\frac{p}{q}\cdot \frac{x^{\frac{p}{q}}\cdot x^{p-1}}{x^p}& & \text{Lihat baris 2 dan 3}\\ & =\frac{p}{q}\cdot x^{\frac{p}{q}+p-1-p}\\ & =\frac{p}{q}\cdot x^{\frac{p}{q}-1}\\ & =k{x}^{k-1}& & k=\frac{p}{q}\end{array}$$ sehingga terbukti bahwa $\frac{\text{d}}{\text{d}x}{x}^k=k{x}^{k-1}$ apabila $k\in \mathbb{Q}$.

Sejarah

Kaidah pangkat untuk integral pertama kali ditunjukkan secara geometris oleh matematikawan Italia Bonaventura Cavalieri pada awal abad ke-17 untuk setiap bilangan asli $n$, dan untuk setiap pangkat bilangan rasional oleh matematikawan Pierre de Fermat, Evangelista Torricelli, Gilles de Roberval, John Wallis, dan Blaise Pascal, masing-masing bekerja secara independen. Pada saat itu, kaidah pangkat adalah cara untuk menentukan luas antara grafik fungsi pangkat rasional dengan sumbu horizontal. Namun, setelah ditelusuri, kaidah ini dianggap sebagai teorema kalkulus yang pertama kali ditemukan. Kaidah pangkat untuk pendiferensialan pertama kali diturunkan oleh Isaac Newton dan Gottfried Wilhelm Leibniz, masing-masing secara independen, untuk fungsi pangkat rasional pada pertengahan abad ke-17, di mana keduanya menggunakan aturan tersebut untuk menurunkan kaidah pangkat untuk integral sebagai operasi invers. Hal ini mencerminkan cara konvensional dalam menyajikan teorema terkait pada buku teks kalkulus dasar modern, di mana kaidah pendiferensialan biasanya diajarkan terlebih dahulu ssebelum kaidah integral.

Walaupun keduanya menyatakan bahwa aturan ini, ditunjukkan hanya untuk pangkat bernilai rasional, berlaku untuk setiap pangkat bernilai riil, keduanya tidak mencari bukti dari pernyataan tersebut, sebab pada waktu itu, penerapan dari teori tidak khawatir dengan fungsi pangkat eksotis, dan pertanyaan mengenai konvergensi dari deret tak hingga masih ambigu.

Kasus di mana $k=-1$ berhasil diselesaikan oleh Flemish Jesuit dan matematikawan Grégoire de Saint-Vincent beserta muridnya Alphonse Antonio de Sarasa pada pertengahan abad ke-17, yang menunjukkan bahwa integral tak tentu

${\int }_1^x\frac{1}{t}dt$

yang merepresentasikan luasan di antara grafik hiperbola $xy=1$ dan sumbu-$x$, adalah fungsi logaritma, yang basisnya adalah Bilangan transenden e. Notasi modern dari nilai integral tak tentu ini adalah $\ln (x)$, logaritma alami.

Lihat juga

• Kaidah pendiferensialan
• Kaidah umum Leibniz
• Kaidah fungsi invers
• Kelinearan pendiferensialan
• Kaidah darab
• Kaidah hasil-bagi
• Identitas kalkulus vektor

Bacaan lanjutan

• Larson, Ron; Hostetler, Robert P.; and Edwards, Bruce H. (2003). Calculus of a Single Variable: Early Transcendental Functions (3rd edition). Houghton Mifflin Company. .

Sumber dan atribusi

Konten artikel ini diadaptasi dari Wikipedia bahasa Indonesia, revisi 29301181 (2026-06-01T04:34:15Z), yang tersedia berdasarkan lisensi Creative Commons Atribusi-BerbagiSerupa (CC BY-SA). Mohon gunakan konten ini secara bijak serta sesuai dengan ketentuan lisensi yang berlaku.